Theo gt ta có: $n_{NO}=0,015(mol);n_{NaOH}=0,45(mol);n_{Fe_2O_3}=0,05(mol)$

Quy hỗn hợp về Fe và O

Bảo toàn e ta có: $n_{O}=0,1275(mol)$

Ta có: $n_{n_{Fe(OH)_3}=0,3(mol)\Rightarrow n_{H^+/du}=0,15(mol)$

Dùng phương trình $H^+$ ta được $n_{HNO_3}=0,465(mol)$

$\Rightarrow \%m_{HNO_3}=46,5\%$

n Fe2O3 = 8/160 = 0,05(mol)

=> n Fe(OH)3 = 2n Fe2O3 = 0,1(mol)

Ta có : 

n NaOH = n HNO3(dư) + 3n Fe(OH)3

=> n HNO3 dư = 0,45 - 0,1.3 = 0,15(mol)

n NO = 0,015(mol)

Bảo toàn electron : 

3n Fe = 2n O + 3n NO

<=> n O = (0,1.3 - 0,015.3)/2 = 0,1275(mol)

Phân bổ H⁺ : 

n HNO3 = n HNO3 pư + n HNO3 dư = 2n O + 4n NO + n HNO3 dư

= 0,1275.2 + 0,015.4 + 0,15 = 0,465(mol)

C% HNO3 = 0,465.63/63  .100% = 46,5%

m _{dd A} = 4 . 79,3 = 317,2g

Qui đổi hỗn hợp FeO, Fe₂O₃, Fe₃O₄về Fe₃O₄ có số mol là a

 Ta có 232a + (a . 4 . 1,5 . 98) : 0,2  = 317,2

=> a = 0,1 mol

Dd ban đầu

Phần 1:

8H₂SO₄ + 2KMnO₄ + 10FeSO₄ → 5Fe₂(SO₄)₃ + 8H₂O + 2MnSO₄ + K₂SO₄

0,05                                0,025

=> FeSO₄ phản ứng hết

=> n_KMnO4 = 0,005mol

=> V₁= 0,1 lít = 100ml

Phần 2:

2Fe²⁺ + Br₂ → 2Fe³⁺ + 2Br^-

0,025   0,0125

=> V₂ = 0,25 lít = 250ml

Phần 3:

2Fe³⁺ + 2I^- → 2Fe²⁺ + I₂

0,05     0,05

=> V₃ = 1 lít = 1000ml

Phần 4:

Fe²⁺ + CO₃^2- → FeCO₃↓

0,025   0,025       0,025

2Fe³⁺ + 3CO₃^2- + 3H₂O → 2Fe(OH)₃ + 3CO₂

0,05     0,075                           0,05         0,075

2H⁺ + CO₃^2- →CO₂ + H₂O

0,1       0,05        0,05

=> n_CO2 = 0,125

=> V₄ = 2,8 lít

m _{kết tủa} = m_FeCO3 + m_Fe(OH)3 = 8,25g

a,\(m_{HCl}=120.36,5\%=43,8\left(g\right)\Rightarrow n_{HCl}=\dfrac{43,8}{36,5}=1,2\left(mol\right)\)

PTHH: Al₂O₃ + 6HCl → 2AlCl₃ + 3H₂O

Mol:        x           6x          

PTHH: Fe₂O₃ + 6HCl → 2FeCl₃ + 3H₂O

Mol:         y           6y          

Ta có:\(\left\{{}\begin{matrix}102x+160y=26,2\\6x+6y=1,2\end{matrix}\right.\Leftrightarrow\left\{{}\begin{matrix}x=0,1\\y=0,1\end{matrix}\right.\)

\(\%m_{Al_2O_3}=\dfrac{0,1.102.100\%}{26,2}=38,93\%;\%m_{Fe_2O_3}=100\%-38,93\%=61,07\%\)

câu c tương tự câu a

\(n_{HCl}=2mol\)

Do HCl còn dư 25% nên số mol HCl dư=2.25:100=0,5 mol

Số mol HCl phản ứng=2-0,5=1,5 mol

Gọi số mol Al₂O₃ là x, số mol Fe₂O₃ là y

Al₂O₃+6HCl\(\rightarrow\)2AlCl₃+3H₂O

Fe₂O₃+6HCl\(\rightarrow\)2FeCl₃+3H₂O

Ta có hệ:

102x+160y=34,2

6x+6y=1,5

Giải hệ có x=0,1 và y=0,15

\(\%Al_2O_3=\dfrac{0,1.102.100}{34,2}\approx29,82\%\)

%Fe₂O₃=70,18%

Số mol AlCl₃=0,1.2=0,2 mol

Số mol FeCl₃=2.0,15=0,3mol

HCl+NaOH\(\rightarrow\)NaCl+H₂O

AlCl₃+3NaOH\(\rightarrow\)Al(OH)₃+3NaCl

FeCl₃+3NaOH\(\rightarrow\)Fe(OH)₃+3NaCl

Theo PTHH ta có:

n_NaOH=0,5+3.(0,2+0,3)=2mol

\(V_{NaOH}=\dfrac{2}{1}=1l\)

Khúc cuối chia nhầm: V=2:1=2 lít

a) PTHH: \(Fe+2HCl\rightarrow FeCl_2+H_2\)  (1)

            \(2Al+6HCl\rightarrow2AlCl_3+3H_2\)  (2)

b) Ta có: \(\Sigma n_{H_2}=\dfrac{3,024}{22,4}=0,135\left(mol\right)\)

Gọi số mol của Fe là \(a\) \(\Rightarrow n_{H_2\left(1\right)}=a\)

Gọi số mol của Al là \(b\) \(\Rightarrow n_{H_2\left(2\right)}=\dfrac{3}{2}b\)

Ta lập được hệ phương trình:

\(\left\{{}\begin{matrix}a+\dfrac{3}{2}b=0,135\\56b+27b=4,14\end{matrix}\right.\) \(\Leftrightarrow\left\{{}\begin{matrix}a=0,045\\b=0,06\end{matrix}\right.\) \(\Rightarrow\left\{{}\begin{matrix}m_{Fe}=0,045\cdot56=2,52\left(g\right)\\m_{Al}=1,62\left(g\right)\end{matrix}\right.\)

\(\Rightarrow\left\{{}\begin{matrix}\%m_{Fe}=\dfrac{2,52}{4,14}\cdot100\%\approx60,87\%\\\%m_{Al}=39,13\%\end{matrix}\right.\)

c) PTHH: \(FeCl_2+2NaOH\rightarrow2NaCl+Fe\left(OH\right)_2\downarrow\)

                \(AlCl_3+3NaOH\rightarrow Al\left(OH\right)_3\downarrow+3NaCl\)

             \(4Fe\left(OH\right)_2+O_2\underrightarrow{t^o}2Fe_2O_3+4H_2O\) 

             \(2Al\left(OH\right)_3\underrightarrow{t^o}Al_2O_3+3H_2O\)

Theo các PTHH: \(\left\{{}\begin{matrix}n_{Fe\left(OH\right)_2}=n_{FeCl_2}=0,045mol\\n_{Al\left(OH\right)_3}=n_{AlCl_3}=0,06mol\end{matrix}\right.\) 

\(\Rightarrow\left\{{}\begin{matrix}n_{Fe_2O_3}=0,0225mol\\n_{Al_2O_3}=0,03mol\end{matrix}\right.\) \(\Rightarrow\left\{{}\begin{matrix}m_{Fe_2O_3}=0,0225\cdot160=3,6\left(g\right)\\m_{Al_2O_3}=0,03\cdot102=3,06\left(g\right)\end{matrix}\right.\)

\(\Rightarrow m_{chấtrắn}=3,06+3,6=6,66\left(g\right)\)

Đáp án C

n_HNO3 bđ = 1,5 ; n_NO2 = 0,2 (mol)

Khi thêm nước lọc vào T và thu được lượng kết tủa max thì phần dung dịch nước lọc chỉ chứa NaNO₃.

Bảo toàn N => n_NaNO3 = n_HNO3 – n_NO2 = 1,3 (mol)

=> n_NaOH = 1,3 => V_{dd NaOH} = 1,3 (lít)

Đặt a, b là số mol Fe₃O₄ và CuO

m_hh = 232a + 80b = 29,2   (1)

Có: n_CO2 = n_BaCO3 = 0,05 (mol) = n_{O( trong oxit  pư)}

Bảo toàn e cả quá trình: n_NO2 = n_Fe3O4 + 2n_{O (mất đi khi + CO)}

=> n_Fe3O4 = n_NO2 - 2n_{O (mất đi khi + CO)} = 0,2 – 2.0,05 = 0,1 (mol)

=> %m_Fe3O4 = [0,1. 232: 29,2].100% = 79,45%